جامدات


 

25.1 مقدمه

25.1.1 فراتر از سطوح: اجسام سه‌بعدی

اشیاء 1 -بعدی منحنی‌ها و اشیاء 2 -بعدی نواحی یا سطوح هستند. در بعد 3 ، با اجسام سروکار داریم. ساده‌ترین اجسام قابل تصور مکعب یا گوی کروی هستند. اجسام در فضای سه‌بعدی معمولاً با رسم سطوح مرزی آن‌ها ترسیم می‌شوند. برای مثال، یک چندوجهی توپر توسط صفحات محدود شده است. شکل اول جسم محدود شده توسط هذلولی‌گون‌ها را نشان می‌دهد. محاسبه حجم آن چالش بزرگی است.1

شکل 1. «مسئله انتقام ارشمیدس» می‌خواهد ثابت کند که E : x 2 + y 2 z 2 1 ، y 2 + z 2 x 2 1 ، z 2 + x 2 y 2 1 دارای Vol ( E ) = log ( 256 ) است.

25.1.2 ساخت ابعاد: طول، مساحت، و اکنون حجم

در حالی که منحنی‌های C دارای طول و نواحی S دارای مساحت هستند، اجسام سه‌بعدی E دارای حجم هستند. در سخنرانی بعدی به مساحت سطح S 1 d S خواهیم پرداخت. در این سخنرانی به حجم E 1 d V می‌پردازیم.

25.2 سخنرانی

25.2.1 از اجسام پایه تا انتگرال‌های سه‌گانه

یک جسم پایه R در n یک ناحیه کراندار است که توسط تعداد محدودی سطح g i ( x 1 , , x n ) = c i محصور شده است. یک جسم یک اتحاد متناهی از چنین اجسام پایه‌ای است. ما در اینجا عمدتاً بر n = 3 تمرکز می‌کنیم. یک انتگرال 3 بعدی I = R f ( x , y , z ) d x d y d z به همان صورت به عنوان حد یک جمع ریمان I n تعریف می‌شود که برای یک عدد صحیح معین n به صورت I n = 1 n 3 ( i n , j n , k n ) R f ( i n , j n , k n ) . همگرایی به همان روش اثبات می‌شود. سهم مرز را می‌توان در حد n نادیده گرفت. اگر Φ : R E یک پارامتری‌سازی از جسم باشد، آنگاه

قضیه 1. R f ( u , v , w ) | d Φ ( u , v , w ) | d u d v d w = E f ( x , y , z ) d x d y d z .

شکل 2. اجسام در 3 مجموعه‌هایی هستند که اتحاد اجسام محدود شده توسط سطوح صاف هستند. جسم دوم در تمرین 25.3 و آخرین در 25.2 ظاهر می‌شود.

25.2.2 محاسبه حجم‌ها با انتگرال‌های سه‌بعدی و تغییر متغیر

اگر f ( x , y , z ) ثابت 1 باشد، آنگاه E f ( x , y , z ) d x d y d z حجم جسم E است. برای یک مخروط x 2 + y 2 z 2 , 0 z 1 , می‌توانیم بنویسیم 1 d z d x d y = R ( 1 x 2 + y 2 ) d x d y , که در آن R قرص واحد است. حجم آن π 2 π / 3 = π / 3 است. برای کره واحد x 2 + y 2 + z 2 1 برای مثال، می‌توانیم بنویسیم E 1 d z d x d y = R 2 1 x 2 y 2 d x d y , که در آن R قرص واحد x 2 + y 2 1 است. در مختصات قطبی، به دست می‌آوریم 0 2 π 0 1 2 1 r 2 r d r d θ = 4 π / 3. همچنین می‌توانیم از مختصات کروی استفاده کنیم Φ ( [ ρ , ϕ , θ ] ) = [ ρ sin ( ϕ ) cos ( θ ) , ρ sin ( ϕ ) sin ( θ ) , ρ cos ( ϕ ) ] , که در آن | d Φ | = ρ 2 sin ( ϕ ) . حجم برابر است با 0 2 π 0 π 0 1 ρ 2 sin ( ϕ ) d ρ d ϕ d θ = 4 π / 3.

25.2.3 دو رویکرد کلیدی برای انتگرال‌گیری سه‌بعدی

دو استراتژی اساسی برای محاسبه انتگرال وجود دارد: اولی برش ناحیه در امتداد یک خط مانند محور z و سپس تشکیل a b R ( z ) f ( x , y , z ) d x d y d z است. برای به دست آوردن حجم یک مخروط برای مثال، 0 1 [ R ( z ) 1 d x d y ] d z را انتگرال بگیرید. انتگرال دوگانه داخلی مساحت برش است که π z 2 است. آخرین انتگرال π / 3 را می‌دهد. کاهش دوم این است که جسم را بین دو نمودار از یک تابع روی یک ناحیه R ساندویچ شده ببینیم، سپس R [ g ( x , y ) h ( x , y ) f ( x , y , z ) d z ] d x d y را تشکیل دهیم. در مورد مخروط، برای R قرصی به شعاع 1 داریم. تابع پایینی g ( x , y ) = x 2 + y 2 و تابع بالایی 1 است. به دست می‌آوریم R [ 1 x 2 + y 2 ] d x d y ، یک انتگرال دوگانه که بهتر است با استفاده از مختصات قطبی محاسبه شود: 0 2 π 0 1 ( 1 r ) r d r d θ = 2 π ( 1 / 2 1 / 3 ) = π / 3. برگر و سیب‌زمینی سرخ کرده!

شکل 3. «روش‌های برگر و سیب‌زمینی سرخ کرده» برای محاسبه انتگرال سه‌گانه. اولی به یک انتگرال تکی و دومی به یک انتگرال دوگانه کاهش می‌یابد.

25.2.4 ژاکوبین‌ها برای مختصات کروی و استوانه‌ای

در قضیه فرمول تغییر مختصات را دیدیم اگر Φ : R E داده شده باشد. برای مختصات کروی Φ ( [ ρ , ϕ , θ ] ) = [ ρ sin ( ϕ ) cos ( θ ) , ρ sin ( ϕ ) sin ( θ ) , ρ cos ( ϕ ) ] , داریم . برای مختصات استوانه‌ای، وضعیت مشابه مختصات قطبی است. نگاشت Φ ( [ r , θ , z ] ) = [ r cos ( θ ) , r sin ( θ ) , z ] تولید می‌کند .

25.2.5 حجم بیضی‌گون

بیایید انتگرال E 1 d x d y d z را پیدا کنیم، که در آن E = { x 2 / a 2 + y 2 / b 2 + z 2 / c 2 1 } یک بیضی‌گون توپر است. راحت‌ترین راه معرفی یک تغییر مختصات دیگر Ψ ( [ x , y , z ] ) [ a x , b y , c z ] است که کره توپر S را به بیضی‌گون توپر E نگاشت می‌کند. سپس نگاشت مختصات کروی ϕ : R S را بگیرید، که در آن R = { ( ρ , ϕ , θ ) 0 ρ 1 ,   0 ϕ π ,   0 θ 2 π } . اکنون Ψ Φ : R E یک تغییر مختصات است که R را به بیضی‌گون نگاشت می‌کند. با قاعده زنجیره‌ای، عامل اعوجاج | d Ψ | | d Φ | = a b c ρ 2 sin ( ϕ ) است. انتگرال برابر است با a b c ( 1 / 3 ) ( 2 π ) 0 π sin ( ϕ ) d ϕ = ( 4 π / 3 ) ( a b c ) .

25.2.6 حجم چنبره توپر: یک دستگاه مختصات ویژه

برای محاسبه حجم یک چنبره توپر، می‌توانیم یک دستگاه مختصات ویژه معرفی کنیم Φ ( [ r , ψ , θ ] ) = [ ( b + a r cos ( ψ ) ) cos ( θ ) , ( b + a r cos ( ψ ) ) sin ( θ ) , a sin ( ψ ) ] . چنبره توپر E سپس تصویر مکعب‌مستطیل { ( r , ψ , θ ) 0 r 1 ,   0 ψ 2 π ,   0 θ 2 π } . است. دترمینان | d Φ | = a 2 cos 2 ( s ) ( b + a r cos ( s ) ) است. انتگرال‌گیری روی مکعب‌مستطیل حجم ( 2 π b ) ( π a 2 ) را می‌دهد.

25.3 مثال‌ها

مثال 1. برای یافتن E f d V برای E = { 0 x 1 ,   0 y 1 ,   0 z 1 } و f ( x , y , z ) = 24 x 2 y 3 z , انتگرال 0 1 0 1 0 1 24 x 2 y 3 z d z d y d x را تنظیم کنید. با هسته 0 1 24 x 2 y 3 z d z = 12 x 3 y 3 شروع کنید، سپس لایه میانی را انتگرال بگیرید، 0 1 12 x 3 y 3 d y = 3 x 2 و در نهایت لایه بیرونی را مدیریت کنید: 0 1 3 x 2 d x = 1 .

مثال 2. برای یافتن ممان اینرسی I = E ( x 2 + y 2 ) d V یک کره E = { x 2 + y 2 + z 2 L 2 } ، از مختصات کروی استفاده می‌کنیم. می‌دانیم که x 2 + y 2 = ρ 2 sin 2 ( ϕ ) و عامل اعوجاج ρ 2 sin ( ϕ ) است. بنابراین داریم I = 0 2 π 0 π 0 L ρ 2 sin 2 ( ϕ ) ρ 2 sin ( ϕ ) d ρ d ϕ d θ = 8 π L 5 / 15. جزئیاتی را در کلاس خواهیم دید. اگر کره را حول محور z با سرعت زاویه‌ای ω بچرخانیم، آنگاه I ω 2 / 2 انرژی جنبشی آن کره است. برای مثال، ممان اینرسی زمین 8 10 37   kgm 2 است. با سرعت زاویه‌ای ω = 2 π / day = 2 π / ( 86400   s ) ، این انرژی جنبشی دورانی برابر است با 8 10 37   kgm 2 / ( 7464960000   s 2 ) 10 29   J 2.5 10 24   kcal .

مثال 3. مسئله: حجم E اشتراک x 2 + y 2 1 ، x 2 + z 2 1 و y 2 + z 2 1 را پیدا کنید.
راه حل: به 1 / 16 از جسم داده شده در مختصات استوانه‌ای 0 θ π / 4 ، r 1 , z > 0 نگاه کنید. سقف z = 1 x 2 است زیرا بالای «قرص یک هشتم» R فقط استوانه x 2 + z 2 = 1 اهمیت دارد. مسئله انتگرال‌گیری قطبی 16 0 π / 4 0 1 1 r 2 cos 2 ( θ ) r d r d θ دارای یک انتگرال r داخلی ( 16 / 3 ) ( 1 sin 3 ( θ ) ) / cos 2 ( θ ) است. انتگرال‌گیری این بر روی θ را می‌توان با انتگرال‌گیری f ( x ) = ( 1 sin 3 ( x ) ) sec 2 ( x ) به روش جزء به جزء (با استفاده از ) انجام داد که منجر به پادمشتق cos ( x ) + sec ( x ) + tan ( x ) از f می‌شود. نتیجه 16 8 2 است.

مثال 4. مسئله: یک مداد E ، یک استوانه شش‌ضلعی به شعاع 1 بالای صفحه x y ، توسط یک تراش زیر مخروط z = 10 r بریده شده است. حجم آن چقدر است؟
راه حل: یک ششم مداد را در نظر می‌گیریم که در آن پایه ناحیه قطبی 0 θ 2 π / 6 و r ( θ ) 3 / ( 3 cos ( θ ) + sin ( θ ) ) است. پشت مداد z = 0 و قسمت تراشیده شده z = 10 r است. 0 π / 3 0 3 / ( 3 cos ( t ) + sin ( t ) ) 0 10 r 1 r d z d r d θ . انتگرال قابل محاسبه است و کمی شلوغ است ( 29 3 arctanh ( 2 3 ) ) / ( 3 3 ) .2

شکل 4. مسئله مداد

تکالیف این واحد و واحد بعدی با هم ترکیب شده و در پایان واحد بعدی ارائه خواهد شد.


  1. انتقام ارشمیدس، اولین بار در امتحان Math S21a، مدرسه تابستانی هاروارد، ۲۰۱۷ ظاهر شد.↩︎
  2. یک مسئله امتحانی در ETH در امتحان حساب دیفرانسیل و انتگرال یک متغیره زمانی که الیور دانشجوی کارشناسی بود.↩︎